韶关二模语文作文2017

1. （2013韶关二模）“低碳循环”引起各国的高度重视，而如何降低大气中CO2的含量及有效地开发利用CO2，引

（1）碳元素化合价从0价变化为+4价，锰元素化合价从+7价变化为+2价，依据电子守恒，电子转移总数为，所以碳和二氧化碳前系数为5，高锰酸钾和硫酸锰化学式前为4，结合原子守恒配平离子方程式为：5C+4KMnO₄+6H₂SO₄=5CO₂↑+4MnSO₄+2K₂SO₄+6H₂O；
故答案为：5、4、6、5、4、2、6；
（2）①依据化学平衡三段式列式计算，
CO（g）+H₂O（g）?CO₂（g）+H₂（g）
起始量（mol） 42 0 0
变化量（mol）1.61.6 1.6 1.6
平衡量（mol） 2.40.41.6 1.6
所以以v （CO₂） 表示的反应速率=

1.6mol 2L

6min

=0.13mol/（L?min）；
故答案为：0.13mol/（L?min）；
②实验1 CO（g）+H₂O（g）?CO₂（g）+H₂（g）
起始量（mol/L）21 0 0
变化量（mol/L）0.80.80.8 0.8
平衡量（mol/L）1.20.20.80.8
K₁=

0.8×0.8

1.2×0.2

=2.7
实验2 CO（g）+H₂O（g）?CO₂（g）+H₂（g）
起始量（mol/L）10.5 0 0
变化量（mol/L） 0.20.2 0.2 0.2
平衡量（mol/L）0.80.30.20.2
K₂=

0.2×0.2

0.8×0.3

=0.17
温度升高，平衡常数减小，说明平衡逆向进行，逆向是吸热反应，正反应方向是放热反应；
故答案为：0.17；放热；
（3）①2CH₃OH（l）+3O₂（g）=2CO₂（g）+4H₂O（g）△H₁=-1275.6kJ/mol
②2CO （g）+O₂（g）=2CO₂（g）△H₂=-566.0kJ/mol
③H₂O（g）=H₂O（l）△H₃=-44.0kJ/mol
依据盖斯定律①-②得到2CH₃OH（l）+2O₂（g）=2CO（g）+4H₂O（g）△H=-709.6KJ/mol；
化简得到甲醇不完全燃烧生成一氧化碳和气态水的热化学方程式：CH₃OH（l）+O₂（g）=CO（g）+2H₂O（g）△H=-354.8KJ/mol；
故答案为：CH₃OH（l）+O₂（g）=CO（g）+2H₂O（g）△H=-354.8KJ/mol；
（4）①甲醇燃料电池，甲醇在负极失电子发生氧化反应碱溶液中生成碳酸盐，正极氧气得到电子生成氢氧根离子，正极电极反应为：O₂+4e^-+2 H₂O=4OH^-；
故答案为：O₂+4e^-+2H₂O=4OH^-；
②该电池工作时，依据原电池原理可知溶液中的OH^-向负极移动；
故答案为：负；

2. （2014韶关二模）某同学用右图的实验装置探究加速度与力的关系．他在气垫导轨旁安装了一个光电门B，滑块

（复1）由于遮光条的宽度很小，故应用制游标卡尺测量其宽度．
已知初速度为零，位移为L，要计算加速度，需要知道末速度，故需要由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，
则可知滑块到达光电门的速度v=

d

t

，再根据匀加速运动的速度位移的关系公式得：a＝

v2?0

2L

＝

d2

2Lt2

故由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t．
（2）A、拉力是直接通过传感器测量的，故与小车质量和钩码质量大小关系无关，故A正确．
B、应使A位置与光电门间的距离适当大些，有利于减小误差，故B错误．
C、应将气垫导轨调节水平，使拉力才等于合力，故C错误．
D、要保持拉线方向与气垫导轨平行，拉力才等于合力，故D错误．
故选：A．
（3）根据牛顿第二定律可知：F=Ma，而a＝

v2?0

2L

＝

d2

2Lt2

，所以F=

Md2

2Lt2

．
故答案为：（1）游标卡尺；时间t；（2）A；（3）

Md2

2Lt2

．

3. （2008韶关二模）图中实线是一簇未标明方向的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a

设粒子由a到b运动；
A、B、由图可知，粒子偏向左下方，则说明粒子受力向左专下，由于不知电场线属方向，故无法判断粒子电性，故A正确，B错误；
C、由图可知，粒子从A到B的过程中，电场力做负功，故说明粒子速度减小，故可知b处速度较小，故C错误；
D、电场力做负功，则电势能增加，故b点电势能较大，故D错误；
故选A．

4. （2014韶关二模）如图所示，带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器．速度选择器内相互正交的匀强磁

A、假设粒子带正电，则受电场力向左，由左手定则可判断磁场方向垂直纸面向外专，故A错误；
B、进入B₀的粒子满属足

q

m

=

v

B0R

，知道粒子电量后，便可求出m的质量，所以质谱仪可以用来分析同位素，故B正确；
C、由qE=qvB，得v=

E

B

，此时离子受力平衡，可沿直线穿过选择器，故C正确；
D、由

q

m

=

v

B0R

，知R越小，荷质比越大；粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子圆周运动的半径越小荷质比越大；故D错误；
故选：BC．

5. （2008韶关二模）如图所示，灯泡L1、L2规格完全相同，原线圈匝数比副线圈匝数多，下列判断错误的是（　

变压器工作时，由于原线圈匝数比副线圈匝数多，根据

I1

I2

＝

N2

N1

，可知原线圈的电回流始终小于副线圈的电流，由答于副线圈的电流等于L₂的灯泡电流，原线圈的电流等于L₁的灯泡的电流，
A、由于原副线圈的电流不同，所以两灯不可能同时正常发光，故A正确；
B、当L₂正常工作时，L₁比L₂暗，故B正确；
C、若当L₂灯泡达到正常工作时，则L₁灯泡低于正常值，即L₁比L₂暗．故C错误；
D、当L₁灯泡达到正常工作时，则L₂灯泡已超过正常值，已经烧毁．故D正确；
本题选择错误的，故选：C

6. （2014韶关二模）在竖直平面内固定一轨道ABCO，AB段水平放置，长为4m，BCO段弯曲且光滑，轨道在O点的曲

（1）园环从O到D过程中做平抛运动：
在水平方向：x=v₀t，
竖直方向：y=

1

2

gt²，
读图知：x=6m、y=3m，
代入上式解得v₀=

7. （2009韶关二模）如图所示，MN、PQ为足够长的平行导轨，间距L=0.5m．导轨平面与水平面间的夹角θ=37°． （1）在达到稳定速度前，金属棒的加速度逐渐减小，速度逐渐增大，达到稳定速度内时，有： FA=B0IL mgsinθ=FA+μmgcosθ E=B0Lv E=I（R+r） 由以上四式并容代入已知数据，得v=2m/s （2）根据能量守恒得，重力势能减小转化为动能、摩擦产生的内能和回路中产生的焦耳热． 有：mgssinθ= 1 2 mv2+μmgcosθ?s+Q 电阻R上产生的热量：QR= R R+r Q 解得：QR=0.06J （3）当回路中的总磁通量不变时，金属棒中不产生感应电流．此时金属棒将沿导轨做匀加速运动，故： mgsinθ-μmgcosθ=ma 设t时刻磁感应强度为B，则：B0Ls=BL（s+x） x=vt+ 1 2 at2 故t=1s时磁感应强度B=0.4T 答：（1）金属棒达到的稳定速度是2m/s； （2）从静止开始直到达到稳定速度的过程中，电阻R上产生的热量是0.06J； （3）t=1时磁感应强度应为0.4T． 8. （2009韶关二模）如图，已知锐角△ABC及其外接圆⊙O，AM是BC边的中线．分别过点B，C作⊙O的切线，两条切

OB

OX

＝cos∠BAC．

9. （2十12韶关二模）图1是某口工湿地生态系统的碳循环图解，其中的生物主要有荷花（挺水植物）、绿藻（浮

（1）生态系统的生产者一般包括能进行光合作用的绿色植物、荷花、绿藻、黑藻等；生物群落7群落的垂直结构就是指分层现象，植物分层现象能够充分利用光照等环境资源．
“人工湿地”净化污水的作用是通过生产者即不同类型的水生植物和分解者即微生物的共同作用实现的；生态系统的自我调节能力是有一定限度的，所以过量的污水进入该人工湿地时，该人工生态系统将遭到破坏．
（2）

（3）太阳能和化学能&nbs5;&nbs5;&nbs5;&nbs5;&nbs5;呼吸作用散失的能量
（4）调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定

10. （2008韶关二模）如图所示，质量分别为m和2m的A、B两个木块间用轻弹簧相连，放在光滑水平面上，A靠紧竖

A、B撤去F后，A离开竖直墙前，竖直方向两物体的重力与水平面的支持力平回衡，合力为零，答而墙对A有向右的弹力，使系统的动量不守恒．这个过程中，只有弹簧的弹力对B做功，系统的机械能守恒．A离开竖直墙后，系统水平方向不受外力，竖直方向外力平衡，则系统的动量守恒，只有弹簧的弹力做功，机械能也守恒．故A错误，B正确．
C、D撤去F后，A离开竖直墙后，当两物体速度相同时，弹簧伸长最长或压缩最短，弹性势能最大．设两物体相同速度为v，A离开墙时，B的速度为v₀．根据动量守恒和机械能守恒得
2mv₀=3mv，E=

1

2

?3mv2+EP
又E=

1

2

m

v

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