韶關二模語文作文2017

1. （2013韶關二模）「低碳循環」引起各國的高度重視，而如何降低大氣中CO2的含量及有效地開發利用CO2，引

（1）碳元素化合價從0價變化為+4價，錳元素化合價從+7價變化為+2價，依據電子守恆，電子轉移總數為，所以碳和二氧化碳前系數為5，高錳酸鉀和硫酸錳化學式前為4，結合原子守恆配平離子方程式為：5C+4KMnO₄+6H₂SO₄=5CO₂↑+4MnSO₄+2K₂SO₄+6H₂O；
故答案為：5、4、6、5、4、2、6；
（2）①依據化學平衡三段式列式計算，
CO（g）+H₂O（g）?CO₂（g）+H₂（g）
起始量（mol） 42 0 0
變化量（mol）1.61.6 1.6 1.6
平衡量（mol） 2.40.41.6 1.6
所以以v （CO₂） 表示的反應速率=

1.6mol 2L

6min

=0.13mol/（L?min）；
故答案為：0.13mol/（L?min）；
②實驗1 CO（g）+H₂O（g）?CO₂（g）+H₂（g）
起始量（mol/L）21 0 0
變化量（mol/L）0.80.80.8 0.8
平衡量（mol/L）1.20.20.80.8
K₁=

0.8×0.8

1.2×0.2

=2.7
實驗2 CO（g）+H₂O（g）?CO₂（g）+H₂（g）
起始量（mol/L）10.5 0 0
變化量（mol/L） 0.20.2 0.2 0.2
平衡量（mol/L）0.80.30.20.2
K₂=

0.2×0.2

0.8×0.3

=0.17
溫度升高，平衡常數減小，說明平衡逆向進行，逆向是吸熱反應，正反應方向是放熱反應；
故答案為：0.17；放熱；
（3）①2CH₃OH（l）+3O₂（g）=2CO₂（g）+4H₂O（g）△H₁=-1275.6kJ/mol
②2CO （g）+O₂（g）=2CO₂（g）△H₂=-566.0kJ/mol
③H₂O（g）=H₂O（l）△H₃=-44.0kJ/mol
依據蓋斯定律①-②得到2CH₃OH（l）+2O₂（g）=2CO（g）+4H₂O（g）△H=-709.6KJ/mol；
化簡得到甲醇不完全燃燒生成一氧化碳和氣態水的熱化學方程式：CH₃OH（l）+O₂（g）=CO（g）+2H₂O（g）△H=-354.8KJ/mol；
故答案為：CH₃OH（l）+O₂（g）=CO（g）+2H₂O（g）△H=-354.8KJ/mol；
（4）①甲醇燃料電池，甲醇在負極失電子發生氧化反應鹼溶液中生成碳酸鹽，正極氧氣得到電子生成氫氧根離子，正極電極反應為：O₂+4e^-+2 H₂O=4OH^-；
故答案為：O₂+4e^-+2H₂O=4OH^-；
②該電池工作時，依據原電池原理可知溶液中的OH^-向負極移動；
故答案為：負；

2. （2014韶關二模）某同學用右圖的實驗裝置探究加速度與力的關系．他在氣墊導軌旁安裝了一個光電門B，滑塊

（復1）由於遮光條的寬度很小，故應用制游標卡尺測量其寬度．
已知初速度為零，位移為L，要計算加速度，需要知道末速度，故需要由數字計時器讀出遮光條通過光電門B的時間t，
則可知滑塊到達光電門的速度v=

d

t

，再根據勻加速運動的速度位移的關系公式得：a＝

v2?0

2L

＝

d2

2Lt2

故由數字計時器讀出遮光條通過光電門B的時間t．
（2）A、拉力是直接通過感測器測量的，故與小車質量和鉤碼質量大小關系無關，故A正確．
B、應使A位置與光電門間的距離適當大些，有利於減小誤差，故B錯誤．
C、應將氣墊導軌調節水平，使拉力才等於合力，故C錯誤．
D、要保持拉線方向與氣墊導軌平行，拉力才等於合力，故D錯誤．
故選：A．
（3）根據牛頓第二定律可知：F=Ma，而a＝

v2?0

2L

＝

d2

2Lt2

，所以F=

Md2

2Lt2

．
故答案為：（1）游標卡尺；時間t；（2）A；（3）

Md2

2Lt2

．

3. （2008韶關二模）圖中實線是一簇未標明方向的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區域時的運動軌跡，a

設粒子由a到b運動；
A、B、由圖可知，粒子偏向左下方，則說明粒子受力向左專下，由於不知電場線屬方向，故無法判斷粒子電性，故A正確，B錯誤；
C、由圖可知，粒子從A到B的過程中，電場力做負功，故說明粒子速度減小，故可知b處速度較小，故C錯誤；
D、電場力做負功，則電勢能增加，故b點電勢能較大，故D錯誤；
故選A．

4. （2014韶關二模）如圖所示，帶電粒子被加速電場加速後，進入速度選擇器．速度選擇器內相互正交的勻強磁

A、假設粒子帶正電，則受電場力向左，由左手定則可判斷磁場方向垂直紙面向外專，故A錯誤；
B、進入B₀的粒子滿屬足

q

m

=

v

B0R

，知道粒子電量後，便可求出m的質量，所以質譜儀可以用來分析同位素，故B正確；
C、由qE=qvB，得v=

E

B

，此時離子受力平衡，可沿直線穿過選擇器，故C正確；
D、由

q

m

=

v

B0R

，知R越小，荷質比越大；粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子圓周運動的半徑越小荷質比越大；故D錯誤；
故選：BC．

5. （2008韶關二模）如圖所示，燈泡L1、L2規格完全相同，原線圈匝數比副線圈匝數多，下列判斷錯誤的是（　

變壓器工作時，由於原線圈匝數比副線圈匝數多，根據

I1

I2

＝

N2

N1

，可知原線圈的電迴流始終小於副線圈的電流，由答於副線圈的電流等於L₂的燈泡電流，原線圈的電流等於L₁的燈泡的電流，
A、由於原副線圈的電流不同，所以兩燈不可能同時正常發光，故A正確；
B、當L₂正常工作時，L₁比L₂暗，故B正確；
C、若當L₂燈泡達到正常工作時，則L₁燈泡低於正常值，即L₁比L₂暗．故C錯誤；
D、當L₁燈泡達到正常工作時，則L₂燈泡已超過正常值，已經燒毀．故D正確；
本題選擇錯誤的，故選：C

6. （2014韶關二模）在豎直平面內固定一軌道ABCO，AB段水平放置，長為4m，BCO段彎曲且光滑，軌道在O點的曲

（1）園環從O到D過程中做平拋運動：
在水平方向：x=v₀t，
豎直方向：y=

1

2

gt²，
讀圖知：x=6m、y=3m，
代入上式解得v₀=

7. （2009韶關二模）如圖所示，MN、PQ為足夠長的平行導軌，間距L=0.5m．導軌平面與水平面間的夾角θ=37°． （1）在達到穩定速度前，金屬棒的加速度逐漸減小，速度逐漸增大，達到穩定速度內時，有： FA=B0IL mgsinθ=FA+μmgcosθ E=B0Lv E=I（R+r） 由以上四式並容代入已知數據，得v=2m/s （2）根據能量守恆得，重力勢能減小轉化為動能、摩擦產生的內能和迴路中產生的焦耳熱． 有：mgssinθ= 1 2 mv2+μmgcosθ?s+Q 電阻R上產生的熱量：QR= R R+r Q 解得：QR=0.06J （3）當迴路中的總磁通量不變時，金屬棒中不產生感應電流．此時金屬棒將沿導軌做勻加速運動，故： mgsinθ-μmgcosθ=ma 設t時刻磁感應強度為B，則：B0Ls=BL（s+x） x=vt+ 1 2 at2 故t=1s時磁感應強度B=0.4T 答：（1）金屬棒達到的穩定速度是2m/s； （2）從靜止開始直到達到穩定速度的過程中，電阻R上產生的熱量是0.06J； （3）t=1時磁感應強度應為0.4T． 8. （2009韶關二模）如圖，已知銳角△ABC及其外接圓⊙O，AM是BC邊的中線．分別過點B，C作⊙O的切線，兩條切

OB

OX

＝cos∠BAC．

9. （2十12韶關二模）圖1是某口工濕地生態系統的碳循環圖解，其中的生物主要有荷花（挺水植物）、綠藻（浮

（1）生態系統的生產者一般包括能進行光合作用的綠色植物、荷花、綠藻、黑藻等；生物群落7群落的垂直結構就是指分層現象，植物分層現象能夠充分利用光照等環境資源．
「人工濕地」凈化污水的作用是通過生產者即不同類型的水生植物和分解者即微生物的共同作用實現的；生態系統的自我調節能力是有一定限度的，所以過量的污水進入該人工濕地時，該人工生態系統將遭到破壞．
（2）

（3）太陽能和化學能&nbs5;&nbs5;&nbs5;&nbs5;&nbs5;呼吸作用散失的能量
（4）調節生物的種間關系，以維持生態系統的穩定

10. （2008韶關二模）如圖所示，質量分別為m和2m的A、B兩個木塊間用輕彈簧相連，放在光滑水平面上，A靠緊豎

A、B撤去F後，A離開豎直牆前，豎直方向兩物體的重力與水平面的支持力平回衡，合力為零，答而牆對A有向右的彈力，使系統的動量不守恆．這個過程中，只有彈簧的彈力對B做功，系統的機械能守恆．A離開豎直牆後，系統水平方向不受外力，豎直方向外力平衡，則系統的動量守恆，只有彈簧的彈力做功，機械能也守恆．故A錯誤，B正確．
C、D撤去F後，A離開豎直牆後，當兩物體速度相同時，彈簧伸長最長或壓縮最短，彈性勢能最大．設兩物體相同速度為v，A離開牆時，B的速度為v₀．根據動量守恆和機械能守恆得
2mv₀=3mv，E=

1

2

?3mv2+EP
又E=

1

2

m

v

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