2016安陽二模語文作文

『壹』 2020年安陽市高考二模成績排名

2020年安陽市高考二模成績排名事實上應該只有當地教育局知道。

『貳』 （2014安陽二模）下列說法正確的是（填入正確選項前的字母）．如圖所示是氫原子的能級圖，大量處於n=4激

A、巴耳末系是指氫原子由高能級向n=2能級躍遷時釋放的光子，6種光子中從n=4→專2與n=3→2的屬於巴耳末系，即屬2種，故A正確；
B、n=4激發態躍遷到基態時產生光子的能量最大，根據E=h

λ

C

知，波長最短，故B錯誤；
C、從n=2能級躍遷到基態釋放的光子能量為13.6-3.4=10.2ev，若能使某金屬板發生光電效應，從n=3能級躍遷到n=2能級釋放的光子能量3.4-1.51=1.89ev＜10.2ev，不一定能使該板發生光電效應，故C錯誤；
D、n=4能級的氫原子具有的能量為-0.85ev，故要使其發生電離能量變為0，至少需要0.85eV的能量，故D正確；
E、6種光子中，n=4能級躍遷到n=1能級釋放的光子能量大，頻率高，故E正確；
故選：ADE．

『叄』 （2014安陽二模）如圖甲所示，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器（允許通過的最大電流為5A）．圖乙反映了開

A、由圖乙所示抄圖象可知：襲I=1A時U₂=45V，I′=5A時U₂′=25V，設電源電壓是U，由歐姆定律：I=

U

R

可知，電阻R₁兩端電壓U₁=IR₁，由串聯電路特點可知，U=U₂+IR₁，則U=45V+1A×R₁； U=25V+5A×R₁； 解得：U=50V，R₁=5Ω；故AB正確；
C、由圖乙可知，當電路電流為4A時，ab兩端電壓為30V，R₁兩端電壓U₁=U-U₂=50V-30V=20V，R₁消耗的功率P₁=U₁I=20V×4A=80W，故C正確；
D、由圖乙所示圖象可知：I=1A時U₂=45V，I′=5A時U₂′=25V，由I=

U

R

可知，滑動變阻器接入電路的阻值R_最大

U2

I

=

45V

1A

=45Ω，
R_最小=

U2′

I′

=

25V

5A

=5Ω，則滑動變阻器接入電路的阻值范圍是5Ω～45Ω，故D錯誤；
本題選錯誤的，故選D．

『肆』 （2014安陽二模）如圖所示，在正方形區域abcd內有方向垂直於紙面向里、磁感應強度大小為B的勻強磁場．在

粒子在磁場中做勻速圓周運動，初速度平行於ad方向發射的粒子運動軌跡如圖，其圓心為內O₁．設正方形邊長為L，由容幾何關系得：
sin∠OO₁k=

L 2

L

=

1

2

…①
得：∠OO₁k=

π

6

則t=t₀=

π 6

2π

=

T

12

…②
又T=

2πm

qB

…③
解得：

q

m

=

π

6Bt0

；故B正確；
由②式得：T=12t₀，故A錯誤；
由於粒子的初速度大小相等，所有粒子的軌跡半徑相等，運動軌跡最長的粒子轉過的圓心角最大，在磁場中運動時間也最長，故C正確D錯誤；
故選：BC．

『伍』 （2013安陽二模）如圖所示，某同學將小球豎直向上拋出，請畫出小球離開手之前的受力示意圖

（1）小球向上加速運動時，受豎直向下的重力G和豎直向上的支持力F的作用專；
小球屬離開手之前做加速運動，小球受力不平衡，小球所受的支持力F大於重力G；
（2）從小球的重心沿重力與支持力的方向作出重力與彈力的示意圖，如圖所示：

『陸』 （2013安陽二模）如圖是研究物體的重力勢能與哪些因素有關的實驗．圖中三個相同的木樁被從空中靜止釋放

（1）A和B兩鐵塊的撞擊實驗，鐵塊高度相同時，鐵塊質量越大，木樁陷入沙坑越深，所以得到內的結論是：容具有相同高度的物體，質量越大，重力勢能越大．
（2）A和C兩鐵塊的撞擊實驗，鐵塊質量相同時，鐵塊被舉的越高，木樁陷入越深，所以得到的結論是：在質量相同時，物體被舉得越高，重力勢能越．
（3）A．認識電流時，用水流進行類比，這是類比法．
B．通過吸引小鐵釘的數目來比較電磁鐵的磁性強弱，這是轉換法．
C．在學習蒸發和沸騰時，通過比較得出蒸發和沸騰的異同點，這是對比法．
D．牛頓第一定律是在實驗的基礎上經分析推理而得出的，這是推理法．
本實驗中金屬塊重力勢能的大小無法直接觀察，我們是通過觀察比較木樁被打進沙坑的深度來間接比較的．這是轉換法．
故答案為：（1）A、B；具有相同高度的物體，質量越大，重力勢能越大；（2）A、C；在質量相同時，物體被舉得越高，重力勢能越大；（3）B．

『柒』 河南省安陽市二模在幾月份

河南省，哎呀，是二模在幾月份？應該是四月份以後了。

『捌』 （2014安陽二模）如圖所示，用一個沿斜面向上的恆力F將靜止在斜面底端的物體加速向上推，推到斜面中點時

第一上升過程：F-f-mgsinθ=ma₁ ①
第二上升過程：f+mgsinθ=ma₂ ②回
下降過程：mgsinθ-f=ma ③
又由於上升時兩個階段答中第一上升過程初速度是0，末速度為v，第二上升過程，初速是v，末速度是0，故可以知道兩個階段的加速度大小相等，運動時間相等．
設斜面長為2s，上升時間為2t，
對上升第一過程：s=

1

2

a1t2
對下降過程：2s＝

1

2

a(2t)2
由以上兩式解得：
a₁：a=2：1
故D錯誤
聯合①②③解得：
F：f=8：1
mgsinθ：f=3：1
故A錯誤，B錯誤
第一上升過程：v₁=a₁t
下降過程：v=a₂t
解得：
v₁=10m/s
故C正確
故選：C．

『玖』 （2014安陽二模）電熱加濕器工作原理：加濕器水箱中部分水通過進水閥門進入中電熱槽中受熱至沸騰，產生

（1）由圖示電路圖可知，選擇開關S旋到34位置時，只有一個加熱電阻接入電路，此時電路電阻最小，由P=

U2

R

可知，此時電熱槽的功率最大，電熱加濕器處於最大發熱功率檔；
由P=UI可知，此時電路中的總電流I=

P最大

U

=

400W

220V

≈1.82A；
（2）加熱時間最短時，電熱槽的發熱功率為400W且不考慮熱量的損失，
根據W=Pt和Q_吸=cm（t-t₀）可得：
P₁t=cm（t₂-t₁），即400W×3×60s=4.2×10³J/（kg?℃）×m×（100℃-20℃），
解得：m≈0.21kg；
（3）電熱加濕器在高檔時，R₂被短路，電路中只有R₁，
根據P=

U2

R

可得：
R₁=

U2

P高

=

(220V)2

400W

=121Ω，
當加濕器在低檔時，R₁與R₂串聯，
串聯電路中總電阻等於各分電阻之和，且R₁=R₂，
低檔時的發熱功率：
P_低=

U2

R1+R2

=

(220V)2

121Ω+121Ω

=200W；
（4）電熱加濕器會使需要製冷的室內氣溫升高，可以降低電熱槽內氣壓來降低沸點，達到改進的目的．
答：（1）當選擇開關S旋到34位置時，電熱加濕器處於最大發熱功率檔，此時電路中的總電流是1.82A．
（2）電熱槽中水的質量約為0.21kg；
（3）加濕器在低檔時的發熱功率為200W；
（4）改進的建議：降低電熱槽內氣壓．

『拾』 （2014安陽二模）實驗室有一瓶試劑，密封完好但標簽殘缺（如圖1所示），已知它可能是NaCl，NaOH，Na2CO3

【交流討論】酸當中不可能含有鈉離子，故該溶液不可能是酸，故本題答案為：A；
【得出結論】根據計算可以知道在20℃時飽和碳酸氫鈉的質量分數為

9.6g

9.6g+100g

×100%=8.8%＜10%，所以能夠排除碳酸氫鈉，故本題答案為：NaHCO₃；
【設計實驗並繼續探究】
（1）小強用潔凈的玻璃棒蘸取該溶液滴在pH試紙上，測得pH＞7，而氯化鈉溶液呈中性，pH等於7所以不可能是氯化鈉，故本題答案為：NaCl
（2）小強為了檢驗該溶液是NaOH溶液還是Na₂CO₃溶液，他又進行了如下實驗：根據碳酸鈉可以和鹽酸反應可以設計實驗來驗證碳酸鈉的存在，如果產生氣泡，則說明是碳酸鈉，反之為氫氧化鈉，故本題答案為：

操作步驟	實驗現象	結論及化學方程式
稀鹽酸（或稀硫酸）		碳酸鈉溶液 Na2CO3+2HCl═2NaCl+H2O+CO2↑

解：設氫氧化鈉的質量為x．
2NaOH+H₂SO₄=Na₂SO₄+2H₂O（1分）
8098
x49g×10%
80：98=x：49g×10%
x=4g（1分）
氫氧化鈉溶液中溶質的質量分數為：

4g

20g

×100%=20%（1分）
答：氫氧化鈉溶液中溶質的質量分數為20%．
故答案為：（1）A（1分）
（2）【得出結論】NaHCO₃（1分）
【設計實驗】
a．＞（1分）NaCl（1分）
b．稀鹽酸或稀硫酸（1分）Na₂CO₃（1分）
Na₂CO₃+2HCl═2NaCl+H₂O+CO₂↑或Na₂CO₃+H₂SO₄═Na₂SO₄+H₂O+CO₂↑（1分）
（3）解：設氫氧化鈉的質量為x．
2NaOH+H₂SO₄=Na₂SO₄+2H₂O（1分）
8098
x49g×10%
80：98=x：49g×10%
x=4g（1分）
氫氧化鈉溶液中溶質的質量分數為：

4g

20g

×100%=20%（1分）
答：氫氧化鈉溶液中溶質的質量分數為20%．